Giải SBT hóa 11: bài tập 9.39 trang 71

Khi đốt 0,5 mol M : nCO₂ = \(\frac{{26,88}}{{22,4}}\) = 1,2 (mol).

=> Đốt 1 mol M : nCO₂ = 2,4 (mol).

Như vậy chất A và chất B có chứa trung bình 2,40 nguyên tử cacbon , chất A lại kém chất B 1 nguyên tử cacbon. Vậy, A có 2 và B có 3 nguyên tử cacbon.

• A là ancol no có 2 cacbon : C₂H_6-x(OH)_x hay C₂H₆O_x
• B là axit đơn chức có 3 cacbon : C₃H_y0₂.

Đặt số mol A là a, số mol B là b :

=> n_A + n_B  =  a + b = 0,5 (1)

PTHH:

C₂H₆O_x + \(\frac{{7 - x}}{2}\)0₂ \( \to \) 2C0₂ + 3H₂0

a mol       \(\frac{{7 - x}}{2}a\) mol      2a mol 3a mol

C₃H_y0₂+ \((2 + \frac{y}{4})\)0₂ \( \to \) 3C0₂ + \(\frac{y}{2}\)H₂0

b mol       \((2 + \frac{y}{4})\)b mol  3b mol   \(\frac{y}{2}\)bmol

Ta có: nCO₂ =  2a + 3b = 1,2 (mol) (2)

Giải hệ (1) và (2) => a = 0,3 ; b = 0,2

Ta có:

nO₂ = (3,5 - 0,5x)a + (2 + 0,25y)b = \(\frac{30,24}{22,4}\) = 1,35 (mol)

=> nO₂ = (3,5 - 0,5x)0,3 + (2 + 0,25y)0,2 = 1,35

=> - 0,15x + 0,05y = -0,1  (3)

Ta có: nH₂O = 3a + \(\frac{y}{2}\)b = \(\frac{23,4}{18}\) = 1,30 (mol)

=> 0,9 + 0,1y = 1,3 (4)

Giải hệ phương trình (3) và (4) : x = 2 ; y = 4.

Chất A : C₂H₆0₂ hay CH₂(OH) – CH₂(OH)  etanđiol (hay etylenglicol)

%A = \(\frac{{0,3.62}}{{0,3.62 + 0.2.72}}\). 100% = 56,4% khối lượng M.

Chất B : C₃H₄0₂ hay CH₂ = CH - COOH, axit propenoic

%B = 100% - 56,4%  = 43,6% khối lượng M.